W poniższych przykładach pokażemy zastosowanie cech przystawania trójkątów w zadaniach na dowodzenie.

Przykład 1

W równoległoboku ABCD przekątne ACBD przecinają się w punkcie M. Wykaż, że trójkąty ABMCDM są przystające.
Czworokąt ABCD jest równoległobokiem, a zatem boki ABCD są równe oraz zawierają się w prostych równoległych. Wynika stąd, że kąty CABDCA mają równe miary oraz kąty DBABDC mają równe miary.

R17ZDLhhyL8qc1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Stąd i z równości

AB=CD,

wynika, że trójkąty ABMCDM są przystające, co stwierdzamy na mocy cechy kąt – bok – kąt.
Uwaga. Z przystawania trójkątów ABMCDM wynika, że AM=MCBM=MD. Prawdziwe jest zatem poniższe twierdzenie.

 Przekątne w równoległoboku
Twierdzenie:  Przekątne w równoległoboku

W dowolnym równoległoboku przekątne dzielą się na połowy.

Prawdziwe jest również twierdzenie odwrotne.

 Czworokąt, który jest równoległobokiem
Twierdzenie:  Czworokąt, który jest równoległobokiem

Czworokąt, którego przekątne dzielą się na połowy jest równoległobokiem.

Dowód

Dla dowodu rozpatrzmy czworokąt ABCD, którego przekątne ACBD przecinają się w punkcie P będącym środkiem każdej z nich. Wtedy

AP=CP, DP=BP

oraz

APD=BPC,

jako kąty wierzchołkowe. Zatem trójkąty APDBPC są przystające, co stwierdzamy na mocy cechy bok – kąt – bok.

Rh5D7XkaOswOC1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wobec tego AD=BC, a także PAD=PCB, skąd wniosek, że proste ADBC są równoległe.
Skoro dwa boki czworokąta ABCD są równe i równoległe, to jest on równoległobokiem, co kończy dowód.

Przykład 2
  • W trójkącie ABC środek boku AB jest spodkiem wysokości opuszczonej z wierzchołka C. Wykaż, że boki ACBC tego trójkąta są równe.

Oznaczmy przez D środek boku AB. Trójkąty ADCBDC są prostokątne. Mają wspólną przyprostokątną DC, a także AD=DB.

R1NFd32wF6mBL1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Są to więc trójkąty przystające (na mocy cechy bok‑kąt‑bok). Stąd wynika, że AC=BC. To spostrzeżenie kończy dowód.

  • W trójkącie ABC spodkiem wysokości opuszczonej z wierzchołka C na bok AB jest taki punkt P, że kąty ACPBCP mają równe miary. Wykaż, że

AC=BC.

Trójkąty APCBPC są prostokątne, mają wspólną przyprostokątną PC, a także kąty ACPBCP mają równe miary.

R1KTlYa8IsFuh1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Trójkąty te są zatem przystające (na mocy cechy kąt – bok – kąt). Stąd AC=BC.
Koniec dowodu.

  • W trójkącie ABC boki ACBC są równe. Wykaż, że spodkiem wysokości opuszczonej z wierzchołka C tego trójkąta jest środek boku AB.

Oznaczmy przez E spodek wysokości poprowadzonej z wierzchołka C na bok AB.

RIj2aQigyhmvl1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wtedy z twierdzenia Pitagorasa w trójkątach prostokątnych AECBEC mamy odpowiednio

AE2+EC2=AC2
BE2+EC2=BC2,

skąd

AE2=AC2-EC2
BE2=BC2-EC2.

Skoro AC=BC, to AE2=BE2. Uwzględniając, że AE>0 oraz BE>0, otrzymujemy AE=BE, czyli punkt E jest środkiem boku AB, co należało wykazać.

Uwaga!

Ponieważ odpowiednie boki w trójkątach AECBEC są równe, to na mocy cechy bok‑bok‑bok stwierdzamy, że trójkąty te są przystające. Wynika z tego, że

CAE=CBE,
ACE=BCE.

Prawdziwe jest więc poniższe twierdzenie.

 Trójkąt równoramienny
Twierdzenie:  Trójkąt równoramienny

W dowolnym trójkącie równoramiennym

  • kąty wewnętrzne przy podstawie są równe,

  • środek podstawy jest spodkiem wysokości opuszczonej na tę podstawę,

  • wysokość poprowadzona z wierzchołka kąta wspólnego dla ramion zawiera się w dwusiecznej tego kąta.

Przykład 3

W prostokącie ABCD przekątne ACBD przecinają się pod kątem prostym. Wykaż, że

AB=BC.

Oznaczmy przez P punkt przecięcia przekątnych ACBD prostokąta ABCD. Jest on środkiem każdej z tych przekątnych, bo czworokątABCD jest równoległobokiem.

RBGAm3vh5qd961
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Zauważmy, że punkt P jest spodkiem wysokości poprowadzonej w trójkącie ABC z wierzchołka B na bok AC. Wobec tego trójkąt ABC jest równoramienny i

AB=BC.

To spostrzeżenie kończy dowód.
Udowodniliśmy więc, że prostokąt, którego przekątne przecinają się pod kątem prostym jest kwadratem.

Przykład 4

W równoległoboku ABCD przekątna AC zawiera się w dwusiecznej kąta BAD. Wykaż, że przekątne ACBD tego równoległoboku przecinają się pod kątem prostym.
Oznaczmy przez α miarę każdego z kątów, na które dwusieczna AC podzieliła kąt BAD

CAB=α, CAD=α.
R1XZPPgxUt4ai1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wtedy

ACD=α
ACB=α.
RyqiAIP1bbtOq1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Trójkąty ABCADC są zatem równoramienne, bo w każdym z nich kąty przy podstawie AC mają miarę równą α. Zatem

AB=BC=CD=AD

Wynika z tego, że spodkiem wysokości poprowadzonej z wierzchołka B trójkąta ABC na podstawę AC jest środek M odcinka AC, który jest również spodkiem wysokości poprowadzonej z wierzchołka D trójkąta ADC na podstawę AC.

RQGyBGjB2TdAL1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wobec tego miary kątów BMAAMD sumują się do kąta półpełnego, zatem punkt M leży na przekątnej BD.
To oznacza, że przekątne ACBD równoległoboku przecinają się pod kątem prostym. Koniec dowodu.
Uwaga. Wykazaliśmy, że jeżeli w równoległoboku ABCD przekątna AC zawiera się w dwusiecznej kąta BAD, to równoległobok ABCD jest rombem.

Przykład 5

W trójkącie prostokątnym ABC punkt D jest spodkiem wysokości opuszczonej z wierzchołka kąta prostego C na przeciwprostokątną AB. Punkt E jest symetryczny do punktu D względem prostej AC, a punkt F jest symetryczny do punktu D względem prostej BC.

RyYYXxvcK08DW1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wykażemy, że punkty C, EF leżą na jednej prostej.
Zauważmy, że prosta AC jest symetralną odcinka DE. Wynika stąd, że

AE=AD,
CE=CD.

Wobec tego trójkąty EACDAC są przystające, co stwierdzamy na mocy cechy bok – bok – bok.

Rz3f5KsgK37pT1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Zauważmy też, że prosta BC jest symetralną odcinka DF. Wynika stąd, że

BF=BD,
CF=CD.

Zatem trójkąty FBCDBC są przystające, co stwierdzamy na mocy cechy bok – bok – bok.

RLo8tP2i53xkC1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

W trójkącie ABC kąt ACB jest prosty. Oznaczmy przez α miarę kąta CAB. Wtedy

CBA=90°-α.

W trójkącie prostokątnym ADC kąt przy wierzchołku D jest prosty i

CAD=α,

więc

DCA=90°-α.

Wobec tego

EAC=90°-α.

(bo DCAECA to odpowiednie kąty w trójkątach przystających EACDAC).
W trójkącie prostokątnym BDC kąt przy wierzchołku D jest prosty i

DBC=90°-α.

Zatem

BCD=α.

Wobec tego

BCF=α,

(bo BCDBCF to odpowiednie kąty w trójkątach przystających FBCDBC).
Obliczmy miarę kąta ECF. Mamy

ECF=ECA+ACB+BCF=90°-α+90°+α=180°.
RO9iG9RT3zqjS1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wynika z tego, że punkty C, EF leżą na jednej prostej, a to właśnie należało udowodnić.

Przykład 6

Na bokach ACBC trójkąta ostrokątnego ABC zbudowano kwadraty ACDEBCFG.

R14Mm0ergCaZq1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wykażemy, że odcinki BDAF mają równe długości.
Oznaczmy

AC=b, BC=a, ACB=γ.

Czworokąt ACDE jest kwadratem, więc CD=AC=b. Czworokąt BCFG jest również kwadratem, więc

CF=BC=a.

Ponadto

DCB=DCA+ACB=90°+γ

oraz

ACF=ACB+BCF=γ+90°.
R1MxogFMFuoyN1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wobec tego

CD=AC=b
DCB=ACF=90°+γ
CB=CF=a,

więc trójkąty DCBACF są przystające, na mocy cechy bok – kąt – bok.
Wynika z tego, że BD=AF (bo są to odpowiednie boki w trójkątach przystających).

R1ZzAiWEs6Dho1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

To kończy dowód.

Przykład 7

Na bokach AB, BCCA trójkąta równobocznego ABC wybrano odpowiednio punkty K, LM tak, że

AK=BL=CM.

Wykaż, że trójkąt KLM jest równoboczny.
Oznaczmy przez a długość boku trójkąta równobocznego ABC i przez x – długość każdego z odcinków AK, BLCM. Wtedy każdy z odcinków AM, CLBK ma długość a-x.

R1FvZacjl7qt81
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Ponieważ

AK=BL=CM=x
MAK=KBL=LCM=60°
MA=KB=LC=a-x

to trójkąty MAK, KBLLCM są przystające, na mocy cechy bok – kąt – bok.
Wobec tego odcinki MK, KLLM są równe, więc trójkąt KLM jest równoboczny.
Koniec dowodu.

Przykład 8

Trójkąt ABC przedstawiony na poniższym rysunku jest równoboczny, a punkty B, C, N są współliniowe. Na boku AC wybrano punkt M taki, że

AM=CN.

Wykaż, że

BM=MN.
R10wnUeGDFCeD1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Oznaczamy

AB=BC=CA=a, AM=CN=x.
  • sposób I

Wybierzmy na boku BC taki punkt D, że odcinki MDAB są równoległe.

R1bGkc9UlA35H1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wtedy

CMD=CAB=60°,

czyli trójkąt CMD jest równoboczny, a jego bok jest równy a-x. Zatem

MD=CM=a-x,
BD=BC-CD=a-a-x=x, CN=x,
BDM=120°, NCM=120°,

więc trójkąty BDMMCN są przystające, na mocy cechy bok – kąt – bok.
Wobec tego odcinki BMMN są równe.
Koniec dowodu.

  • sposób II

Przedłużamy bok AC o odcinek CN' tak, że

MN'=a.
R1QbMfZe7Zuaq1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wtedy w trójkącie NCN' mamy

CN=CN'=x

oraz

NCN'=60°.

więc trójkąt NCN' jest równoboczny.
Wynika z tego, że

NN'=x.

Zatem

MN'=AB=a,
NN'=MA=x,
MN'N=60°, BAM=60°,

więc trójkąty MN'NBAM są przystające, na mocy cechy bok – kąt – bok.
Wobec tego odcinki BMMN są równe. Koniec dowodu.

  • sposób III

Na boku AB odkładamy taki punkt M', że

AM'=AM=x.
R3xoEGCd70tZh1
Źródło: Zespół autorski Politechniki Łódzkiej, licencja: CC BY 3.0.

Wówczas trójkąt AMM' jest równoboczny, a jego bok jest równy x.
Wynika z tego, że

MM'=x, BM'M=120°.

Wobec tego

MM'=NC=x
M'B=CM=a-x
MM'B=120°, NCM=120°,

więc trójkąty MM'BNCM są przystające, na mocy cechy bok – kąt – bok.
Zatem odcinki BMMN są równe.
Koniec dowodu.